浙江省2024年1月普通高校招生选考信息技术Word版含解析.docx

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1、绝密启用前2024年1月浙江省普通高校招生选考科目考试技术本试题卷分两部分,第一部分信息技术,第二部分通用技术。全卷共12页,第一部分1至6页,第二部分7至12页。满分100分,考试时间90分钟。考生注意：1 .答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用黑色宇迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。2 .答题时,请按照答题纸上“注意事项”的要求,在答题纸相应的位置上规范作答,在本试题卷上的作答一律无效。3 .非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内,作图时可先使用2B铅笔,确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。第一部分信息技术（共50分）一、选择题（本大

2、题共12小题,每小题2分,共24分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分）1 .下列关于数据与信息的说法，正确的是（）A.数据以二进制方式编码后才能存储在计算机中B.大数据技术不能处理非结构化数据C.同一数据经解释后产生的信息都是相同的D.信息加工处理后不会产生更有价值的信息【答案】A【解析】【详解】本题考查数据与信息相关内容。A选项，数据以二进制方式编码后才能存储在计算机中，选项正确。B选项，大数据技术是一系列使用非传统的工具来对大量的结构化、半结构化和非结构化数据进行处理，从而获得分析和预测结果的数据处理技术，选项错误。C选项，相同的数据可能有不同的解

3、释，所得到的信息也不同，选项错误。D选项，信息加工处理后，不一定会产生更有价值的信息，信息的价值是相对的，选项说法不准确。故本题答案是A选项。2 .下列关于信息系统安全与信息社会责任的说法，正确的是（）A.多人共享账户，不会影响信息系统的安全B.定期查杀病毒可以确保信息系统免受网络攻击C.网络上的不当行为可能会触犯法律D.任何密码算法中的加密密钥与解密密钥必须相同【答案】C【解析】【详解】本题考查的是信息系统安全。多人共享账户，会影响信息系统的安全，选项A说法错误；定期查杀病毒无法确保信息系统免受网络攻击，选项B说法错误；网络上的不当行为可能会触犯法律，选项C说法正确；在非对称加密中，加密密钥

4、与解密密钥不相同，选项D说法错误，故选C。3 .某校图书馆管理系统中，工作人员通过计算机终端上的扫描仪扫描图书条形码，录入图书信息后完成入库。师生借阅时，通过校园一卡通识别身份，利用RFlD读写器识别图书中的电子标签以获取图书信息，完成借阅后相关数据保存在服务器中。该系统所在的局域网接入因特网，图书查询功能基于B/S架构开发，师生在馆内外都可使用计算机、手机等查询图书信息。下列关于该系统组成的说法，正确的是（）A.条形码扫描仪是输出设备B.服务器的存储器容量会影响系统性能C.该系统中的图书管理软件是系统软件D.该系统中的数据仅包含图书数据【答案】B【解析】【详解】本题考查信息系统相关内容。A选

5、项，条形码扫描仪属于输入设备，选项错误。B选项，内存的存储能力是指内存能够存储的最大数据量，这直接决定了服务器的性能和并发能力，如果内存不足，服务器处理大量数据时会出现延迟，甚至崩溃，选项正确。C选项，图书管理软件是应用软件，选项错误。D选项，图书管理系统中的数据不仅仅包含图书数据，还包含借阅信息、归还记录等，选项错误。故本题答案是B选项。4 .某校图书馆管理系统中，工作人员通过计算机终端上的扫描仪扫描图书条形码，录入图书信息后完成入库。师生借阅时，通过校园一卡通识别身份，利用RFlD读写器识别图书中的电子标签以获取图书信息，完成借阅后相关数据保存在服务器中。该系统所在的局域网接入因特网，图书

6、查询功能基于B/S架构开发，师生在馆内外都可使用计算机、手机等查询图书信息。下列关于该系统功能与应用的说法，不无砸的是（）A.可通过浏览器查询图书馆中的图书信息B,可利用借阅数据分析学生的阅读兴趣C.师生所借图书的信息需要保存在校园一卡通中D,通过RFID读写器获取电子标签中的信息属于数据输入功能【答案】C【解析】【详解】本题考查信息系统相关内容。B/S（BroWSer/Server）结构，即浏览器服务器结构。用户工作界面通过浏览器来实现，极少部分事务逻辑在前端（BroWSer）实现，主要事务逻辑在服务器端（SerVer）实现，形成所谓三层结构。这样就大大简化了客户端电脑载荷，减轻了系统维护与

7、升级的成本和工作量，降低了用户的总体成本。电子标签的学名是RFID,即射频识别，俗称电子标签；射频识别是一种非接触式的自动识别技术。最基本的RFlD系统由三部分组成：标签，由耦合元件及芯片组成，每个标签具有唯一的电子编码，附着在物体上标识目标对象；阅读器，读取标签信息的设备，可设计为手持式和固定式；天线，在标签和读取器之间传递射频信号。用户可以通过浏览器查询图书馆中的图书信息，工作人员可以利用借阅数据分析学生的阅读兴趣。由图书馆管理系统及RFlD功能知，通过RFlD读写器获取电子标签中的信息属于数据输入功能。由B/S结构知师生所借图书的信息需要保存在服务器中。ABD选项正确，C选项错误。故本题

8、答案是C选项。5 .某校图书馆管理系统中，工作人员通过计算机终端上的扫描仪扫描图书条形码，录入图书信息后完成入库。师生借阅时，通过校园一卡通识别身份，利用RFlD读写器识别图书中的电子标签以获取图书信息，完成借阅后相关数据保存在服务器中。该系统所在的局域网接入因特网，图书查询功能基于B/S架构开发，师生在馆内外都可使用计算机、手机等查询图书信息。下列关于该系统中网络技术的说法，正确的是（）A.该系统的网络资源不包括软件资源B.计算机终端访问服务器不需要网络协议C.移动终端必须通过移动通信网络才能访问该系统D.通过路由器可将该系统接入因特网【答案】D【解析】【详解】本题考查的是网络技术。网络资源

9、包括硬件、软件、数据资源，故选项A说法错误；网络协议为计算机网络中进行数据交换而建立的规则、标准或约定的集合，计算机终端访问服务器也需要网络协议，选项B说法错误；移动终端也可以通过计算机网络访问，选项C说法错误；通过路由器可将该系统接入因特网，选项D说法正确。故选D。6 .下列关于人工智能的说法，正确的是（）A.人工智能技术可应用于汽车无人驾驶B.训练数据的规模不会影响深度学习的效果C.人工智能的实现都需要事先手工构造知识库D.人脸识别技术都是通过符号主义人工智能实现的【答案】A【解析】【详解】本题考查的是人工智能。深度学习需要海量数据和超大规模的算力支持，故选项B说法错误；行为主义和联结主义

10、不需要构构造知识库，选项C说法错误；人脸识别技术一般是通过联结主义人工智能实现的，选项D说法错误，故选A。7 .图像F为图a所示的200X100像素、256色位图，图像G为图b所示的200X100像素、16色位图，则图像F与G的存储容量之比为（）A.1:2B.1:1C.2:lD.16:1【答案】C【解析】【详解】本题考查图像存储容量相关内容。图像存储容量=像素*颜色深度/8,256色的颜色深度是8位（28=256）,16色的颜色深度是4位（24=16）。图像F与G的存储容量之比为：2001008/8:200XIOoX4/8=2:1。故本题答案是C选项。8 .栈S从栈底到栈顶的元素依次为1,2,

11、3,队列Q初始为空。约定：U操作是指元素出栈后入队，H操作是指元素出队后再入队。经过UUHU系列操作后，队列中队首到队尾的元素依次为（）A.2,1,3B.3,1,2C.1,3,2D.2,3,1【答案】D【解析】【详解】本题考查栈、队列相关内容。栈的特点是后进先出，队列的特点是先进先出。初始状态，栈中从栈顶到栈底的元素为3、2、1,队列为空。第一次操作：U,即将栈顶元素3出栈后入队，队列中队首元素为3；第二次操作：U,即将栈顶元素2出栈后入队，队列中队首元素为3,队尾元素为2；第三次操作：H,即将队首元素3出队后再入队，队列中队首元素为2,队尾元素为3；第四次操作：U,即将栈顶元素1出栈后再入队

12、，队列中从队首到队尾各元素依次为2、3、1。故本题答案是D选项。9 .数组元素a0至anT依次存放着n个数据，现需要将元素anT插入在下标为X（OWXnT）的位置,例如：n为5,数组a为0,3,4,6,7,X为2,插入操作后a为0,3,7,4,6。实现该功能的程序段如下，方框中应填入的正确代码为（）temp=an-1foriinrange（n2,-l,-1）:ax=tempA.ai+l=aiB.ai-l=aiC.ai=ai+lD.ai=ail【答案】A【解析】【详解】本题考查的是列表插入操作。初始a=0,3,4,6,7,x=2,n=5首先备份最后一个元素7。接着通过for循环，i范围从n-2开

13、始到X结束，根据a终值为0,3,7,4,6,可推导出循环体是进行了后移移位操作，既ai+l=ai。故本题应选A。10.某算法的部分流程图如图所示，若n的值为7,key的值为78,数组元素a至anT依次存放7,12,24,36,55,78,83,执行这部分流程后，输出C的值为（）A. OB. 1C. 2D.3【解析】【详解】本题考查二分查找算法相关内容。由流程图可知，该算法描述的是二分查找，构造二叉树描述二分查找算法，如图所示:需要比较两次,变量c可以看作是二分查找过程中key与数组元素比较的次数。由图可知，查找78,则c=2,故本题答案是B选项。11.若字符串S的值为abc加，执行如下程序段后

14、，变量res的值不可能是（）fromrandomimportrandintres=i,j=0,Ien(s)-1whilei=i:ifrandint(0,1)=0:#randint(0,1)随机生成0或1res+=sii+=1else:res+=sjj-=A.”abcedB.aecbdC.aedbcD.edcba”【答案】B【解析】【详解】本题考查PythOn程序设计相关内容。分析程序段，可知：A选项，第一次循环,若randint（0,1）=O成立,将s（即字符a）添加到res中，则res=a；第二次循环，若randint（0,1）=0成立，将sl（即字符b）添加到res中，则res=ab；第三

15、次循环，若randint（0,1）=0成立，将s2（即字符c）添加到res中，则res=abc”；第四次循环,若randint（0,1）=1成立，将s4（即字符e）添加到res中,则res=abce”；第五次循环,若randint（0,1）=1成立,将s3（即字符d）添加到res中，则res=abced”，选项正确。B选项,第一次循环,若randint（0,1）=0成立，将s（即字符a）添加到res中，则res=a；第二次循环,若randint（0,1）=1成立，将s4（即字符e）添加到res中，则res=ae；第三次循环,若randint（0,1）=0成立，将sl（即字符b）添加到res中，则res=aeb；第三次循环,若randint（0,1）=1成立，将s3（即字符d）添加到res中，则res=aed”；由此推出，无论第三次循环产生的随机数是0还是1,都不会出现“aec”，继而推出选项错误。C选项，第一次循环，若randim（0,1）=0成立，将s0（即字符a）添加到res中，则res=