第Ⅰ卷选择题共45分.docx

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1、试卷类型:A广东省辇庆市中小学教学质量评估20142015学隼第一学期统一检测即高二物理(选修3-1、选修3-2之电磁感应)本试卷共4页,16小题,满分100分,考试时间90分钟.注意事项:1.答卷前,考生务必用黑色字迹的柄笔或筏字笔,将自己所在县(市、区)、姓名、试堂号、座位号填写在答题卷上对应位置,再用2B铅笔将准考证号涂黑.2 .选择题每小题选出答案后,用28铅笔把答题卷上对应题目的答案标号涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案,答案不能写在试卷或草稿纸上.3 .非选择题必须用黑色字迹的洞笔或筏字笔作答,答案必须写在答题卷各题目档定区域内相应的位置上;如需改动,先划掉原来的答案,

2、然后再在答题区内写上新的答案;不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答的答案无效.第I卷选择题(共45分)一、本题共5小题,每小题3分,共15分.每小题的四个选项中只有一个符合题意,请将正确选项涂在答题卷上.1.由电场强度的定义式氏:R可知,在电场中的同一点A.电场强度E跟尸成正比,跟q成反比B.无论检验电荷所带电量如何变化,Rg始终不变C.电荷在电场中某点所受的电场力越大,该点的电场强度越强D.一个不带电的小球在尸点受到的电场力为零,则P点的场强一定为零2 .根据楞次定律可知感应电流的磁场一定是A.阻碍引起感应电流的磁通量B,与引起感应电流的磁场反向C.与引起感应电流的磁场方向相同D.阻碍引起

3、感应电流的磁通量的变化3 .如下图所示,一根有质量的金属棒MN,两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点,棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中,棒中通有电流,方向从abM流向M此时棒受到导线对它的拉力作用.为使拉力等于,-B X i XXXX1.B零,下列方法可行的是iMiINA.适当减小磁感应强度1.JB.使磁场反向C.适当增大电流强度D.使电流反向4 .如下图所示,两块完全相同的金属板A、B,金属板A与静电计相连,用一根与丝绸摩擦过的有机玻璃棒接触金属板A,静电计指针有一偏角.现让金属板B靠近金属板A,则静电计指针的偏角A.变大B.变小C.不变D.上述三种情况都有可能5 .如下图所示,通电

4、竖直长直导线的电流方向向上,初速度为即.的电子平行于直导线竖直向上射出,不考虑电子的重力,则电子将TVo/“A.向右偏转,速率不变B.向左偏转,速率改变C.向左偏转,速率不变D.向右偏转,速率改变二、本题共6小题,每小题5分,共30分.每小题给出的四个选项中,有二个选项符合题目要求,全选对的得5分,只选一个且正确的得2分,选错、不答的得。分.请将答案涂在答题卷上.6 .下列说法正确的是A.磁感线上某点切线方向就是该点磁应感强度方向B.沿着磁感线方向磁感应强度越来越小C.磁感线越密的地方磁感应强度越大D.磁感线是客观存在的真实曲线7 .在下列基本逻辑电路的输入端都输入力”5 1Q 厂 2 Q甲乙

5、A.甲B.乙C.8 .如下图所示,线圈竖起放置且固定不动,到8,则磁铁可能A.向下运动B.向上运动输出端是T的是S & 一 QS1-丙丙D.甲乙丙均不能输出力”当它正上方的磁铁运动时,流过电阻的电流是由A经RS-isC.向左平移D.以上运动都不可能9 .关于洛仑兹力,下列说法正确的是A.带电粒子在磁场中一定会受到洛仑兹力作用B.若带电粒子在某点受到洛仑兹力作用,则该点的磁感应强度一定不为零C.洛仑兹力不会改变运动电荷的动量D.仅受洛仑兹力作用(重力不计)的运动电荷,它的动能一定不改变10 .如下图所示,在等量正点电荷连线的中垂线上取A、B、C、。四点,A、。两点与6、C两点均关于。点对称,A设

6、各点电势分别为少A、B9c、PD.下列说法正确的是BOA.9aWbcu+Qcj+QB.9a=3dSh=c。!IC. 入=B=c=0D. Qc铲(PD11. 如下图所示,闭合开关S后,当滑动变阻器的滑片尸向上端。滑动时,两表的示数将A.电压表示数增大B.电压表示数减小C.电流表示数增大D.电流表示数减小第I1.卷非选择题(共55分)三、本题共5小题,共55分.按题目要求在答题卷上作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.12. (12分)某同学用伏安法测定一段阻值约为5Q左右的金属丝电阻RX.有以下器材可供选择

7、(要求测量结果尽量准确)A.电池组E(3V,内阻约IQ)B.电流表A1.(03A,内阻约0.025)C.电流表A?(00.6A,内阻约0.125Q)D.电压表V1.(03V,内阻约3k)E.电压表V2(O15V,内阻约15k.)F.滑动变阻器RP1.(O-20,额定电流IA)G.滑动变阻器Rp2(01000,额定电流0.3A)H.开关,导线(1)为减小误差,实验时应选用的电流表是,电压表是,滑动变阻器是(填写各器材前的字母代号).(2)请在下图的虚线框中画出实验电路图.(3)某次测量中,电流表、电压表的示数如下图所示,则流过电流表的电流是A,由图中电流表、电压表的读数可计算出金属丝的电阻为Q(

8、计算结果保留2位有效数字).13. (9分)如下图所示,匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形,把电荷量q=-2x1.()TC的点电荷由A点移动到B点,电场力做功4.8x1.(8J,再由B点移到C点电荷/克服电场力做功4.8x10j取B点电势为零,求A、C两点的电势及场强方向.C乙B14. (11分)在倾角为的光滑斜轨上,置有一通有电流/、长为1.、质量为m的导体棒.如下图所示,重力加速度为g.(1)欲使导体棒静止在斜轨上,且对斜轨无压力,所加匀强磁场8的大小是多少?方向如何?(2)欲使导体棒静止在斜轨上,所加匀强磁场的磁感强度8的最小值为多少?方向如何?/15. (11分)如下图(甲)所

9、示,水平面上两根足够长的金属导轨平行固定放置,间距为1.,导轨一端通过导线与阻值为R的电阻连接,导轨上放一质量为机的金属杆.金属杆与导轨的电阻忽略不计,匀强磁场的方向竖直向下.现用与导轨平行的恒定拉力产作用在金属杆上,金属杆最终将做匀速运动.当改变拉力的F大小时,金属杆相对应的匀速运动速度V也会变化,u和F的关系如右图(乙)所示.(取器Iom/S?)(1)金属杆在匀速运动之前做什么运动?(2)若m=0.5kg,1.=0.5m,R=O.5d磁感应强.度8为多大?(甲)16. (12分)在半径为R的半圆形区域中有一匀强磁场,磁场的方向垂直于纸面,磁感应强度为B.一质量为加带有电量为4的粒子以一定的

10、速度,沿垂直于半圆直径AO方向经尸点(AP=d)射入磁场(不计粒子重力影响).(1)如果粒子恰好从A点射出磁场,求入射粒子的速度小.(2)如果粒子经纸面内。点从磁场中射出,出射方向与半圆在Q点切线方向的夹角为(如图所示).求入射粒子的速度V2.20142015学年第一学期统一检测题高二物理参考答案(必修1)一、本题共5小题,每小题3分,共15分.每小一题的四个选项中只有一个符合题意,请将正确选项涂在答题卡上.二、本题共6小题,每小题5分,共30分.每小题给出的四个选项中,有二个选项符合题目要求,全选对的得5分,只选一个且正确的得2分,选错、不答的得。分.请将答案涂在答/卡上.123456789

11、1011BDCBAACBCBCBDABAD三、本逊共5小题,共55分.按题目要求作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骁.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的地,答案中必须明确写出数值和单位.12. (12分)(1) C(2分)、D(1分)、F(2分)(2)电路图如图所示(3分,电路中的电表及滑动变阻器符号标错的不扣分,电流表接成内接法的扣1分)(3) 0.46(2分)5.2(2分)13. (9分)解:根据电势的定义可知:念=”(2分)q将四4.8x1OYJ,q=-2xicr】C代入式解得:(pA=-240(V)(1分)由题意知将电荷从C点移到B点电场力做的功与从A点移到B点电

12、场力做功相同,所以外=-240(V)(2分)因为(PA/,所以A、C在同一等势面上(2分),根据场强方向垂直等势面并且由高电势处指向低电势处,可得到该电场的场强方向垂直于AC,指向左上方,如答图所示.(2分)14.(H分)解:(I)欲使导体棒静止在斜轨上,且对斜轨无压力,则导体棒仅受重力和安培力作用。重力方向竖直向下,则导体棒所受安培力的方向必竖直向上。(1分)导体棒受安培力:FA=B1.1.(1分)由二力平衡知识可得:FA=Wg(1分)联立式解得:B二蟹(1分)I1.B的方向是垂直纸面向外(1分)(2)将导体棒的重力分解成沿斜面向下的分力G1.和垂直斜面的分力G2,要欲使棒静止在斜轨上,导体

13、棒所受安培力的最小值应与G1.大小相等且方向相反,如答图所示。(2分)Fa,=G1而Gi=Wzgsina(1分)Fa,=BI1.(1分)联立式解得:8=避Sina(1分)I1.B的方向是垂直斜面向上(1分)15. (U分)解:(1)金属杆运动后,回路中产生感应电流,金属杆将受歹和安培力的作用,且安培力随着速度增大而噌加.杆受合外力减小,故加速度减小,速度增大,即做加速度减小的加速运动.(3分)(2)金属杆产生的感应电动势:S1.(1分)感应电流:上刍(1分)Rvd2t1.金属杆所受的安培力:色血(1分)由题意可知金属杆受拉力、安培力和阻力作用,匀速时合力为零t2即有:(1分)R所以XS(F一介

14、(1分)从图线可以得到直线的斜率:62(1分)D由式联立可得:-=k(1分)B1.16.(将数据代入式可解得:B=I(T)(1分)12分)解:(1)由于粒子在P点垂直射入磁场,故圆弧轨道的圆心在AP上,AP是直径。(1分)设入射粒子的速度为Vi,由洛仑兹力的表达式和牛顿第二定律得:tn-=qBv1.(2分)d/2由式解得:K=幽(2分)2m(2)设0,是粒子在磁场中圆弧轨道的圆心,连接O,Q,设O0=?。由几何关系得:NOQO=e(1分)而00=ROP,OP=dR所以OO=R+R-d(1分)由余弦定理得:So)?=R,2+R2-2RR,cos(2分)由式解得:R=d(2RV)_2R(1.+cose)-dJ设入射粒子的速度为必由?=43为(2分)R由式解得:V2qBdQRd)2mR+cos)-d(1分)

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