牛顿运动定律测试题.docx

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1、牛顿运动定律.（2019新课标全国川桂）如图（八）,物块和木板段放在实验台上,物块用一不可伸长的细翻!与固定在实脸台上的力传感器相连,细绳水平,尸。时，木板开始受到水平外力-的作用，在尸4S时撇去外力.细绳对物块的拉力/掰!时间f变化的关系如图b所示,木板的速度，齿时间?的关系如图（C）所示.木板与实验台之间的摩擦可以忽珞.JR力M速度取炉IQbs2.由SS给数据可以得出A.木板的质量为1kgB. 2SFS内,力用大小为0.4NC. 02S内，力/祁J大小保持不变D.物块与木板之间的动摩擦因数为0.2【答案】RB【斛析】结合两图像UJ判断出02S物块和木板还未发生相对滑动,它们之间的摩擦力为静

2、摩撩力,此过程力广等于/；故/在此过程中是变力，即C错误：25s内木板与物块发生相对滑动,.摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律,对24s和45S列运动学方程,可解出质录为1kg,24S内的力尸为0.4N,故A、BiE确：由于不知道物块的质fit所以无法计算它们之间的动摩擦因数以故D怫误.（2019安儆省定远县民族中学高三模拟）如图所示,质限为m的小球穿在足的长的水平囿定直杆上处于峥止状态,现对小球同时施想水平向右的忸力片和竖直向上的力使小球从静止开始向Zi运动,其中里直向上的力广大小始终与小球的速度成正比.即伫丸（图中未标出）.已知小球与杆间的动摩擦因数为,下列说法中正确的是A.小球先做加

3、速度增大的加速运动,后做加速度减小的战速运动B.小球先做加速度减小的加速运动,后做加速以增大的M速运动直到铮止C小球的最大加速度为WD.小球的最大速度为FQFmg水【答案】D【解析】B顶：刚开始运动时.加速度为，当速度增大,加速度增大,当速度，增大到符合AsM后,加速度为：，当速度，,增大,加速度减小,当a被小到0.做匀速运动,所以小球的速度先墙大后保持不变,加速度先增大后减小,最后保持不变,故Bffti:C项：当阻力为零时,加速度蜃大，故小球的最大加速度为区，故C错误：D项：当加速度为零时，小球的速度奴大,此时有：Fi（热-阳），故皎大速度为,故Dm正麻3. （2019江西省名校联考南方气涉

4、偏低,经常存在冰冻现和某校方同学和阳同学（校服材质一样）先后从他斜坡面的同一位置由静止滑E最终两人停在水平冰面上，如图所示（两人均可视为质点，且不计人经过8点时的能盘摘失根据上述信息,不能确定方、阳两人A,经过8点时速度大小相等B.设终两人停在水平冰面上同一位置C,损失的机械能相等D.运动的时间相等【答案】C【斛析】设在料面上运动的矩离为4,在水平面上运动的距离为s”斜面的倾角为仇动摩擦因数为.物体在斜面上下滑时,由牛顿第二定律得,可行,所以两个物体在斜面下滑时加速度相同,根据运动学公式可得a=2。同，经过B点时速度大小相等,时然个过程,运用动能定理得，则甑可知、9相同，则知最终两人停在水平冰

5、面上同一位置.同理在水平面上运动的加速度相同.运动时间也相同,故两个物体运动的总时间和等：由上知不能确定两个物体质窿关系,故不能确定摩擦力相等，也不悭判断克服摩擦力做功的大小,所以机械能损失不一定相等.故不能确定方、阳两人的选选项C4. （2019辽宁省沈阳市岛二三模）如图所示,水平鬼面上放跟一个倾角为45的光滑楔形滑块.4一细纹的一端固定于楔形滑块A的顶然。处,细设另一跳拴一质量为F.2kg的小理.若滑块与小球一起以加速度4向左做匀加速运动（取S-IOms2）则下列说法正确的是A.当炉5m/s?时，滑块对球的支持力为立N2B.当#15ms时,滑块对球的支持力为半正N2C.当炉5ms-Bh地面

6、对A的支持力一定大干两个物体的重力之和D.当审】5m/时,他面对4的支持力一定小于两个物体的常力之和【答案】A【解析】设加速度为为时小球对滑块的压力等于零,对小球受力分析,受重力、拉力,根据牛帧第二定律.有；水平方向：=os15*=m*；轻口方向：in-15=图解得a=&A、当a=5“s：时，小球未离开滑块.水平方向：尺。s45-Acos450依竖直方向：sin15o*Asin45o-噌解得FM=号N,故h正%B,当s=15m/时，小球己经离开沿块，只受IR力和绳的拉力,滑块对球的支持力为笔故B错误：CD、当系统相对稳定后,竖直方向没有加速度,受力平衡,所以地面对,f的支持力一定等于两个物体的

7、重力之和,故C,D错误:故选A.5. g,可以认为最大静摩擦力与声动摩擦力大小相等.卡车沿平直公路行驶途中遇到焦急情况时,要求其刹车后在s,距离内能安全停下，堵卡车行驶的速位不能超过A-0%g%B-皿必儆C.y2asI）.【答案】A【解析】III,分析可知要求其刹车后在SiI距禹内能安全停下来,则车的最大加速度=用.田运动学公式,车的最大速度：，故选A.8. （2019福建省取门外国语学校高三呆后一模）如图甲所示,为测定物体冲上用椅斜面能达到的加大位移X与斜面陋角。的关系,将某一物体每次以不变的初速率W沿足够长的斜面向上推出，词节斜面与水平方向的夹角。，实验测得*与斜面倾角的美系如图乙所示,取

8、方1011s.根据图象可求出A.物体的初速率n=6m/sB,初体与斜面间的动摩擦因数=0.5C.当-30”时,物体达到最大位移后将保持潜止D.取不同的倾角,物体在斜面上能达到的位移*的最小伯【答案】BD【解析】A项：由图可知,当央为为90时.户0.80m,物体做将宜上抛运动,则由登出上撤运动规律可知：i，：=2t,解得：，故A错误：B项：当夹角，力时,.t=1.6Omh动能定理可得：，解得：=05,故B正确：C项：若二30。时,物体的电力沿斜面向下的分力大小为：JeWn30-0.5唳最大加摩擦力为：.则，因此,物体达到最大位移后将下滑，故C错误：D项：根据动能定理得：，解得：2g(sin8+c

9、os9210(sin+03cossin8+0.5cos93+0.5：sin(8+a)tan。=2,当。+q=90,此时位移最小,故D正瞰9. （2019淘南省怀化市高三二模如图所示像角为30的斜而放在地面上,一小滑块从斜面底端A冲上斜面,到达最高点。后又返回X点,斜面始终保持静1.t已知滑块上滑过程羟过Mh、的时间相等，且比比长0.8in.上滑时间为下滑时间的一半，F列说法正输的是A.斜面长为36mB.滑块与斜面间的动摩擦因致为立5C,地面对斜面的摩擦力先向左后向右D.滑块向上运动和向下运动过程中.地面受到的质力都小于斜面体和冰块的总揖力【答案】HD【解析】A、经过月员必。的时间相等，H.贫比

10、。长0.8m,设。长度为,逆向思维可知,BOZ1.,A法51.t所以31.-1.-0.8m,解得1.-0.4m,斜面长=9=3.6.故A情误：B.上滑过程的加速度设为a.下滑时的加速度为企,上滑过程可以逆向分析，则：，解符a=4心根据牛顿第二定律可得：q=gsin30+4gcos301a：=gsin30-gcos30,联立翘得=乎.故B正确：C,减速上升和加速下降过程中,物体的加速度都是沿斜面向下,加速度在水平方向的分加速度都是向左，即斜面对物体水平方向的作用力向左,物体对斜面的作用力向右,物体处于静此则地面对斜面的摩擦力方向向左，故C错误：I）、滑块向上运动和向下运动过程中,加速度在萼直方向

11、的分加速度竖直向下,物体处于失曳状态,地面受到的压力都小于斜面体和滑块的总重力，故D正确.10. （2019江西省名校高三联考）为了符战2020年东京奥运会,我国羽毛球运动员进行了如图所示的原胞纵跳摸高训练.已知质破位50kg的运动员原地惮止站立不起跳）摸高为2.10m,比赛过程中，该运动员先下题,重心下降0.5m,经过充分调将后，发力跳起摸到了2.90m的高度,若运动员起淡过程视为匀加速运动,忽略空气阻力影响,g取10/s:.则.运动员起跳过程处于超重状态B.起跳过程的平均速度比高地上升到最高点过程的平均速度大C,起跳过程中运动员对地面的压力为96CIND.从开始起跳到双脚落地需要1.05s

12、（解析JAC.运动员肉开地面后做竖直上抛运动,根据2gh=，可知：在起跳过程中可视为匀加速直线运动,加速度方向将直向上,所以运动员起跳过程处于超流状态，根据速度位移公式可知2=此解得,对运动员根据牛恢第二定律可知.解得,根据牛顿第三定律可知,对地面的压力为1560N,故选项A正确,C错误：B、在起跳过程中做匀加速直线运动,起跳过程的平均速度,运动员离开地面后做够直上抛运动，离地上升到最高点过程的平均速度,故选项B错误：D、起跳过程运动的时间,起跳后运动的时间，故运动的总时.间.故选项D正确.11. （2019辽宁省沈阳市高三三模）根据动滑轮省力的特点设计如图甲所示装置（滑轮质M、原擦均不计）,

13、侦量为2k的初体在轻H向上的拉力厂作用下由静止开始向上做匀加速运动,其速度随时间的变化关系如图乙所示，由此可知（取京IO11s-）.物体加速度大小为0.5ms2B.拉力户的大小为12NC. 2s末拉力/的功率大小为96WD. 2s内拉力做的功为48J【答案】BC【解析】A、根据图象知加速度，故A错设：B.牛顿第二定律得,2尸-碑1.b,解得,故B正瑞；Cx2s末物体的速度产4ms,则尸的功率P=Fv=2=128=96W,故C正确：D、物体在2s内的位移:则拉力作用点的位移产8m,则拉力厂做功的大小为B三=128J=96J,故D错误.故选BC.12.（2019湖南省怀化市高三统一-模拟）如图所示.质量为M2kg、长为公1.5m的木板静止在光滑的水平面上,木板上右局放卷一可视为质点的小滑块,小滑块的质量为21kg,